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座標平面

    羅小 太郎 (id: 342) (2021年9月29日13:46)
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    座標平面の問題です。 3次方程式が出てきて詰みました。。。
    座標平面の問題です。
    3次方程式が出てきて詰みました。。。

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    回答

    imka ury (id: 260) (2021年9月30日0:01)
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    $C$: $y=x^2-kx \dots$ ① $\,\, \ell$: $y=(\tan\theta)x \dots$ ② とおいて以下の図1を眺めながら解いてみます。 (1) ②より  $y^\prime=2x -k \dots$ ③ ③に $x=0$を代入すると  $y^\prime_{(x=0)}=-k$ これは原点$\rm O$での接線の傾きであり、直線 $\ell_1$ の傾き $-\dfrac{1}{3}$に等しいことから  $k=\dfrac{1}{3}$ (2) まず交点$\rm P$の $x$座標を求める。①②より  $x^2-\dfrac{1}{3}x=(\tan\theta)x$ これを解いて $x=0$以外が $\rm P$の $x$座標なので  $x=\tan\theta +\dfrac{1}{3}$ これを③に代入して交点$\rm P$における放物線$C$の接線の傾きを求めると  $y^\prime_{(x=\tan\theta +\frac{1}{3})}=2\Bigl(\tan\theta +\dfrac{1}{3}\Bigr)-\dfrac{1}{3}$        $=2\tan\theta+\dfrac{1}{3}$ これが直線 $\ell_2$ の傾き $\tan2\theta$ に等しいので  $2\tan\theta+\dfrac{1}{3}=\tan2\theta$ これを解く  $2\tan\theta+\dfrac{1}{3}=\dfrac{2\tan\theta}{1-\tan^2\theta}$ $t=\tan\theta$ とおくと  $2t+\dfrac{1}{3}=\dfrac{2t}{1-t^2}$  $6t^3+t^2-1=0 \dots$ ④ さてこの3次方程式を解くのですが、この式を満たす因数を見つけて因数分解して解きます。 この因数候補は $\pm1, \, \, \pm\dfrac{1}{2},\,\, \pm\dfrac{1}{3},\,\, \pm\dfrac{1}{6}$ (※下方で理由を説明します) この中から④を満たす因数は $t=\dfrac{1}{2}$ なので、④左辺を $2t-1$で割り算して因数分解する  $(2t-1)(3t^2+2t+1)=0 \dots$ ④$^\prime$ ここで、$3t^2+2t+1=0$ の判別式は  $D=2^2-4\times3\times1=-8 <0$ ⇒ 実数解なし なので、④$^\prime$の解は $t=\dfrac{1}{2}$ のみ。 よって、  $\tan \theta =\dfrac{1}{2}$ (3) 傾き $m_1, \,\, m_2$ の2直線のなす角を $\alpha$ とすると   $\tan \alpha=\dfrac{m_1 - m_2}{1+m_1 m_2}$ であることを使います。 直線 $\ell_1$ の傾きは $-\dfrac{1}{3}$ 直線 $\ell_2$ の傾きは  $\tan2\theta=\dfrac{2\tan\theta}{1-\tan^2\theta}=\dfrac{2\cdot \dfrac{1}{2}}{1-\Bigl(\dfrac{1}{2}\Bigr)^2}=\dfrac{4}{3}$ よって  $\tan \alpha =\dfrac{\Bigl(-\dfrac{1}{3}\Bigr)- \dfrac{4}{3}}{1+\Bigl(-\dfrac{1}{3}\Bigr)\cdot \dfrac{4}{3}}=-3$ $\blacksquare$ 3次方程式を解く際の因数候補の見つけ方 例えば、$P(x)=ax^3+bx^2+cx+d=0$であれば、 $P(\alpha)=0$ となる因数 $\alpha$ の候補は以下です。  $\pm \dfrac{\, d の約数}{\, a の約数}$ (理由) $P\Bigl(\dfrac{q}{p} \Bigr)=0$ のとき、$P(x)$ は $px-q$ で割り切れるから以下が成り立ちます。  $P(x)=ax^3+bx^2+cx+d$   $=(px-q)(lx^2+mx+n)$    (係数は全て整数) 両辺の $x^3$ の項と定数項を比較すると  $a=pl$  $d=-qn$ よって因数 $\alpha$ の候補は  $\dfrac{q}{p}=\pm \dfrac{\, d の約数}{\, a の約数}$
    CC: y=x2kxy=x^2-kx \dots
      \,\, \ell: y=(tanθ)xy=(\tan\theta)x \dots
    とおいて以下の図1を眺めながら解いてみます。

    (1)
    ②より
     y=2xky^\prime=2x -k \dots
    ③に x=0x=0を代入すると
     y(x=0)=ky^\prime_{(x=0)}=-k
    これは原点O\rm Oでの接線の傾きであり、直線 1\ell_1 の傾き 13-\dfrac{1}{3}に等しいことから

     k=13k=\dfrac{1}{3}

    (2)
    まず交点P\rm Pxx座標を求める。①②より
     x213x=(tanθ)xx^2-\dfrac{1}{3}x=(\tan\theta)x
    これを解いて x=0x=0以外が P\rm Pxx座標なので
     x=tanθ+13x=\tan\theta +\dfrac{1}{3}

    これを③に代入して交点P\rm Pにおける放物線CCの接線の傾きを求めると
     y(x=tanθ+13)=2(tanθ+13)13y^\prime_{(x=\tan\theta +\frac{1}{3})}=2\Bigl(\tan\theta +\dfrac{1}{3}\Bigr)-\dfrac{1}{3}
           =2tanθ+13=2\tan\theta+\dfrac{1}{3}

    これが直線 2\ell_2 の傾き tan2θ\tan2\theta に等しいので
     2tanθ+13=tan2θ2\tan\theta+\dfrac{1}{3}=\tan2\theta
    これを解く
     2tanθ+13=2tanθ1tan2θ2\tan\theta+\dfrac{1}{3}=\dfrac{2\tan\theta}{1-\tan^2\theta}

    t=tanθt=\tan\theta とおくと
     2t+13=2t1t22t+\dfrac{1}{3}=\dfrac{2t}{1-t^2}

     6t3+t21=06t^3+t^2-1=0 \dots
    さてこの3次方程式を解くのですが、この式を満たす因数を見つけて因数分解して解きます。
    この因数候補は ±1,  ±12,  ±13,  ±16\pm1, \, \, \pm\dfrac{1}{2},\,\, \pm\dfrac{1}{3},\,\, \pm\dfrac{1}{6}
    (※下方で理由を説明します)

    この中から④を満たす因数は t=12t=\dfrac{1}{2} なので、④左辺を 2t12t-1で割り算して因数分解する
     (2t1)(3t2+2t+1)=0(2t-1)(3t^2+2t+1)=0 \dots^\prime
    ここで、3t2+2t+1=03t^2+2t+1=0 の判別式は
     D=224×3×1=8<0D=2^2-4\times3\times1=-8 <0 ⇒ 実数解なし
    なので、④^\primeの解は t=12t=\dfrac{1}{2} のみ。
    よって、
     tanθ=12\tan \theta =\dfrac{1}{2}

    (3)
    傾き m1,  m2m_1, \,\, m_2 の2直線のなす角を α\alpha とすると
      tanα=m1m21+m1m2\tan \alpha=\dfrac{m_1 - m_2}{1+m_1 m_2}
    であることを使います。
    直線 1\ell_1 の傾きは 13-\dfrac{1}{3}
    直線 2\ell_2 の傾きは
     tan2θ=2tanθ1tan2θ=2121(12)2=43\tan2\theta=\dfrac{2\tan\theta}{1-\tan^2\theta}=\dfrac{2\cdot \dfrac{1}{2}}{1-\Bigl(\dfrac{1}{2}\Bigr)^2}=\dfrac{4}{3}

    よって
     tanα=(13)431+(13)43=3\tan \alpha =\dfrac{\Bigl(-\dfrac{1}{3}\Bigr)- \dfrac{4}{3}}{1+\Bigl(-\dfrac{1}{3}\Bigr)\cdot \dfrac{4}{3}}=-3


    \blacksquare 3次方程式を解く際の因数候補の見つけ方

    例えば、P(x)=ax3+bx2+cx+d=0P(x)=ax^3+bx^2+cx+d=0であれば、
    P(α)=0P(\alpha)=0 となる因数 α\alpha の候補は以下です。
     ±dの約数aの約数\pm \dfrac{\, d の約数}{\, a の約数}

    (理由)
    P(qp)=0P\Bigl(\dfrac{q}{p} \Bigr)=0 のとき、P(x)P(x)pxqpx-q で割り切れるから以下が成り立ちます。

     P(x)=ax3+bx2+cx+dP(x)=ax^3+bx^2+cx+d
      =(pxq)(lx2+mx+n)=(px-q)(lx^2+mx+n)
       (係数は全て整数)
    両辺の x3x^3 の項と定数項を比較すると
     a=pla=pl
     d=qnd=-qn
    よって因数 α\alpha の候補は
     qp=±dの約数aの約数\dfrac{q}{p}=\pm \dfrac{\, d の約数}{\, a の約数}

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